android开机启动app,app开机自启显示界面

android开机启动app,app开机自启显示界面

AndroidStudio方法/步骤1首先，我们创建一个新的Activity作为启动和运行时显示的欢迎界面。 2、然后我们在包下新建一个StartUpReceiver类作为receiver，它继承自BroadcastReceiver。 代表Android再次打开APP，按Home键退出时进入界面（此任务根）2019-12-0514:05−问题是Android设置页面启动模式为单任务后，按Home键退出后，再重启

ˇωˇ Step1：首先创建广播接收器，重构其抽象方法Receive(Contextcontext,Intentintent)，并启动你想要启动的Service或appinit。 importandroid.content.BroadcastReceive想要使应用程序在打开时自动启动。我们使用广播来实现此要求。 该应用程序首先需要注册广播以接收和发送启动启动（android.intent.action.BOOT_COMPLETED）；并且必须注意的是：这个

＞△＜ //ScreenunlockKeyguardManagerkm=(KeyguardManager)context.getSystemService(Context.KEYGUARD_SERVICE);KeyguardManager.KeyguardLockkl=km.newKeygua本来AppOps可以在手机ROOT后直接使用，但由于只有ROOT后运行AppOps才会在Android10+上保证核心功能，所以在AppOps4.0之后，作者已经取消了通过ROOT模式启动AppOps。电话有

Android性能优化（二）内存优化本文继续启动速度优化1.App启动流程①点击桌面App图标，Launcher进程使用BinderIPC向AMS进程发起teastartActivity请求；②AMS收到请求后，开机时会自动启动zygoteAndroid程序App。 需求：Android设备开机后，自动运行程序1.首先我们自定义广播类来实现界面跳转，跳转到你的MainActivity界面2.在AndroidManifest文件中配置

最近，有一个要求，应用程序应该在启动时自动启动，所以我按照一般例程注册一个静态广播接收器。代码如下：manifestfile: